|
|
|
|
giải đáp
|
toán hình 12
|
|
|
|
câu 1 thì chịu câu 2: tam giác SAB cân mà I là trung điểm AB nên SI ⊥ AB mà (SAB) ⊥ (ABCD) nên SI với (ABCD) ý thứ 2...có AD ⊥ AB, AD ⊥ SI nên AD ⊥ (SAB) câu 3 câu này cứ pytago mà làm dễ ợt hà câu 4 có SB ⊥ BC, AB ⊥ BC => góc tạo bởi (SBC) và đáy là $\widehat{SBA}$ =60 độ gọi E là trung điểm CD giao tuyến của (SAB) và (SCD) là đường thẳng đi qua S // vs AB. làm tương tự ta có góc tạo bởi 2 mp đó là $\widehat{ISE}$ câu 5 gọi giao điểm của FC và DI là G ta có tam giác IAD bằng tam giác FDC có góc FCD = góc IAD mà AID + IAD = 90 => IDC + FCD = 90 vậy tam giác DGC vuông tại G => FC ⊥ DI mà SI ⊥ FC ( $FC \in (ABCD)$ ) => (SCF)⊥(SIC)
|
|
|
|
sửa đổi
|
Toán đố
|
|
|
|
Lấy trường hợp chọn ngẫu nghiên trong 18 bi là $C^{9}_{18}$ trừ cho tổng các trường hợp chỉ có bi trắng, chỉ có bi trắng và bi xanh, chỉ có bi trắng và bi vàng vì ở đây bi xanh cộng bi vàng =8 nhỏ hơn 9 nên k có trường hợp chỉ có bi xanh và bi vàng.chọn 9 bi trắng có : $C^{9}_{10}$chọn 9 bi trắng và bi vàng có :$C^{9}_{13}-C^{9}_10 $ ( lấy số kết quả chọn ngẫu nhiên trừ cho số kết quả toàn bi trắng )chọn 9 bi trắng và bi xanh có : $C^{9}_{15}-C^{9}_{10}$ ( cùng cách như ở trên )
Lấy trường hợp chọn ngẫu nghiên trong 18 bi là $C^{9}_{18}$ trừ cho tổng các trường hợp chỉ có bi trắng, chỉ có bi trắng và bi xanh, chỉ có bi trắng và bi vàng vì ở đây bi xanh cộng bi vàng =8 nhỏ hơn 9 nên k có trường hợp chỉ có bi xanh và bi vàng.chọn 9 bi trắng có : $C^{9}_{10}$chọn 9 bi trắng và bi vàng có :$C^{9}_{13}-C^{9}_{10} $ ( lấy số kết quả chọn ngẫu nhiên trừ cho số kết quả toàn bi trắng )chọn 9 bi trắng và bi xanh có : $C^{9}_{15}-C^{9}_{10}$ ( cùng cách như ở trên )
|
|
|
|
giải đáp
|
Toán đố
|
|
|
|
Lấy trường hợp chọn ngẫu nghiên trong 18 bi là $C^{9}_{18}$ trừ cho tổng các trường hợp chỉ có bi trắng, chỉ có bi trắng và bi xanh, chỉ có bi trắng và bi vàng vì ở đây bi xanh cộng bi vàng =8 nhỏ hơn 9 nên k có trường hợp chỉ có bi xanh và bi vàng. chọn 9 bi trắng có : $C^{9}_{10}$ chọn 9 bi trắng và bi vàng có :$C^{9}_{13}-C^{9}_{10} $ ( lấy số kết quả chọn ngẫu nhiên trừ cho số kết quả toàn bi trắng ) chọn 9 bi trắng và bi xanh có : $C^{9}_{15}-C^{9}_{10}$ ( cùng cách như ở trên )
|
|
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
tích phân
|
|
|
|
tách ra $\int\limits_{1}^{4}\frac{ln(5-x)dx}{x^{2}} + \int\limits_{1}^{4}x\sqrt{5-x}dx$ cái thứ nhất dùng tích phân từng phần vs $u=\ln (5-x), dv=\frac{dx}{x^{2}}$ cái thứ 2 chắc bạn làm được chúc bạn thành công!! ^^ |
|
|
|
sửa đổi
|
Tích phân
|
|
|
|
do X nằm trong đoạn -2;2 nên có thể đặt x=2sint ( -\frac{\pi }{2} < \frac{\pi }{2} )đổi cận rồi làm bt nha. tới đây thì tách làm 2 phân nhìn là thấy liền hà
do X nằm trong đoạn -2;2 nên có thể đặt x=2sint ($-\frac{\pi }{2}\leq t \leq \frac{\pi }{2}$)đổi cận rồi làm bt nha. tới đây thì tách làm 2 phân nhìn là thấy liền hà
|
|
|
|
giải đáp
|
Tích phân
|
|
|
|
do X nằm trong đoạn -2;2 nên có thể đặt x=2sint ($-\frac{\pi }{2}\leq t \leq \frac{\pi }{2}$) đổi cận rồi làm bt nha. tới đây thì tách làm 2 phân nhìn là thấy liền hà |
|
|
|
|
|
được thưởng
|
Đăng nhập hàng ngày 21/05/2013
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sửa đổi
|
giúp em với mọi người ơi, em đang cần gấp
|
|
|
|
Ta có a2+b2\geq 2ab, b2+1>=2b
ð
1/(a2+2b2+3) = 1/(a2+b2+b2+1+2)
\leq ½(1/(ab+b+1)
Trial","sans-serif";mso-ansi-language:vi"="">ương rial","sans-serif""="">tự vs 2 cái còn lại ta được
P
\leq ½ (1/(ab+b+1) + 1/(bc+c+1) + 1/(ac+b+1)) =1/2( 1/(ab+b+1) + ab/(ab+b+1) +
b/(ab+b+1) ) = ½
P=1/2
khi a=b=c=1
Ta có a2+b2>=2ab, b2+1>=2b
ð
1/(a2+2b2+3) = 1/(a2+b2+b2+1+2)
<= ½(1/(ab+b+1)
Tương tự vs 2 cái còn lại ta được
P
<= ½ (1/(ab+b+1) + 1/(bc+c+1) + 1/(ac+b+1)) =1/2( 1/(ab+b+1) + ab/(ab+b+1) +
b/(ab+b+1) ) = ½
P=1/2
khi a=b=c=1
|
|